D

解：不计绳重及摩擦，

∵拉力F=（G物+G动），n1=3，n2=2，

∴绳子受的拉力：

F1=（G物+G动），F2=（G物+G动），

∴F1＜F2，故BC不正确；

∵动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G动h，W有用=G物h，

∴利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，

∵η=×100%，

∴滑轮组的机械效率相同，故A不正确，D正确．

故选D．

D

解：苹果和桔子对杠杆的拉力分别为动力和阻力，由图知，动力臂小于阻力臂，根据杠杆平衡条件知，动力大于阻力，因此使杠杆转动的力是吊苹果的绳子对杆的拉力．

故选D．

C

试题分析：电流表的电阻很小，相当于导线．可以根据电流的走向判断电路的连接方式．根据与电流表是否串联判断测量的是哪个灯泡的电流．

解：A、只闭合S1时，由于S2的断开，灯泡L2没有接通，电路中只有灯泡L1连入电路，则L1发光、L2不发光．故A错．

B、只闭合S2时，由于S1在干路上，处于断开状态，电路没有形成通路，则灯泡都不亮，故B错．

C、D、闭合S1、S2时，电流分两路分别流入L1、L2，L1、L2并联，则A2与L2串联，所以测L2电流．故C正确，D错．

故选C．

C

A、温度高的物体内能一定大；错误，因为内能的大小与物体的温度、质量和体积都有关．故A不正确．

B、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有．故B不正确．

C、内能少的物体也可能将能量传给内能多的物体，能量是从高温物体转移到低温物体．故C正确

D、物体的内能与温度有关，只要温度不变，物体的内能就一定不变．错误，内能的大小还与质量和体积有关．故D不正确．

故选C．

C

解：

由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60℃需要20min，物质甲温度升高60℃需要10min．

所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q水吸=2Q甲吸．

由热量计算公式Q=cm△t得：c=，

∴c水=2c甲．

又∵c水=4.2×103J/（kg•℃），

∴c甲=2.1×103J/（kg•℃），

甲物质10min升高了60℃，

Q甲吸=c甲m甲△t甲=2.1×103J/（kg•℃）×2kg×60℃=2.52×105J．

故选C．

40；省力

解：杠杆密度与粗细均匀，则其重心在它的几何中心，重力的力臂为杆长的一半，为1m；

由图象可知，F=400N时，拉力的力臂LF=0.1m，由杠杆平衡条件得：

G×LG=F×LF，即：G×1m=400N×0.1m，则G=40N；

滑环在A点时动力臂大于阻力臂，金属杆是一个省力杠杆；

故答案为：40；省力．

并联；串联；S1、S2、S3．

解：只闭合S1、S2时，则电流只有两条路径：正极→S1→L1→负极，正极→L2→S2→负极，所以L1、L2是并联；

只闭合S3时，则电流只有一条路径：正极→L2→S3→L1→负极，因此L1、L2是串联；

当开关S1、S2、S3闭合时，电源的两极直接用导线连接起来了，造成电源短路，损坏电源．

故答案为：并联；串联；S1、S2、S3．

0；1960；58.8．

解：（1）在水平路面上步行时，运动的路程是水平方向的，小强虽然受到竖直向下的重力，但在竖直方向没有通过的距离，所以重力没有做功，也就是重力做的功为0；

（2）小强上楼过程中对书包做的功：

W书包=G书包h=m书包gh=10kg×9.8N/kg×20m=1960J；

（3）小强上楼时克服总重力做的功：

W总=G总h=m总gh=（80kg+10kg）×9.8N/kg×20m=17640J，

做功的功率：

P===58.8W．

故答案为：0；1960；58.8．

增大；热传递；摩擦

解：

夏天，一块冰放在室外，从外界吸收热量、内能增大，而慢慢熔化，这是利用了热传递的方式改变了冰块的内能；

将冰块沿粗糙的地面拖一段距离，克服摩擦做功，使冰块的内能增加、温度升高，达到熔点而熔化，这是用做功的方法使冰熔化的．

故答案为：增大；热传递；摩擦．

1000J；100；80%

解：由图可知，n=2，

由图可知，绳端移动的距离：

s=nh=2×2m=4m，

工人拉力做的功：

W总=Fs=250N×4m=1000J，

则功率为P===100W；

拉力做的有用功：

W有=Gh=400N×2m=800J，

滑轮组的机械效率：

η=×100%=×100%=80%．

故答案为：1000J；100；80%．

（1）电路图如图所示；（2）电流表；（3）A、C；（4）只闭合SA，读出电流表的示数IA，只闭合SC，读出电流表的示数IC，将IA与IC进行比较，电流大的导电性能好．

解：（1）根据R=当电压相同时，比较电流可知电阻大小，所以让两个金属丝并联，电流表在干路分别测出每个金属丝的电流，所以设计电路图如图：

（2）因为要通过比较电流大小来判断电阻大小，所以要除金属丝、干电池、开关、导线外，还必须选用电流表；

（3）因为是探究电阻与材料的关系，根据控制变量法的思路，要选择长度和横截面积都相同，但材料不同的两个金属丝AC；

（4）只闭合SA，读出电流表的示数IA，只闭合SC，读出电流表的示数IC，将IA与IC进行比较，电流大的导电性能好．

故答案为：（1）电路图如图所示；（2）电流表；（3）A、C；（4）只闭合SA，读出电流表的示数IA，只闭合SC，读出电流表的示数IC，将IA与IC进行比较，电流大的导电性能好．

（1）右；（2）6；（3）3；变大

解：（1）杠杆静止时，杠杆左端下沉，说明右端偏高，平衡螺母需向右调节；

（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：

FALA=FBLB，即4G×3L=FB×2L，解得FB=6G，需挂6个钩码．

（3）若在B点处施加一个竖直向下的拉力，则FB=6G=6×0.5N=3N；

若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大；

故答案为：（1）右；（2）6；（3）3；变大．

（1）B；A；（2）煤油、水的质量不相等；（3）①②．

解：（1）由于酒精灯的外焰温度最高，故我们首先要调节烧杯到酒精灯外焰的高度，即用酒精灯外焰加热，在调节温度计在水中的位置，故实验前先调整固定B的位置，再调整固定A的位置；

（2）比较煤油与水的吸热能力，要控制煤油和水的质量相等，由图示实验可知，两烧杯中煤油与水的体积相等，由于煤油和水的密度相同，它们的体积相等，所以煤油和水的质量不相等，实验没有控制煤油和水的质量相等，这是错误的．

（3）为了比较水和煤油的吸热能力，也可采用比较两者升高的温度的大小来判断，即质量相同的水和煤油，用完全相同的酒精灯加热相同的时间，比较两者升高的温度，若某种物质温度升高多，说明它的吸热本领小．

因此①②都正确．

故答案为：（1）B；A；（2）煤油、水的质量不相等；（3）①②．

（1）有用功为9J；

（2）滑轮组的机械效率为60%；

（3）减小．

解：（1）有用功：

W有=Gh=90N×10×10﹣2m=9J；

（2）由图可知，n=3，

绳端移动的距离：

s=nh=3×10×10﹣2m=0.3m，

总功：

W总=Fs=50N×0.3m=15J，

滑轮组的机械效率：

η=×100%=×100%=60%；

（3）由η=×100%=×100%可知，

减少钩码的个数时，有用功减小，额外功不变，有用功在总功中所占的比值减小，机械效率减小．

答：（1）有用功为9J；

（2）滑轮组的机械效率为60%；

（3）减小．

（1）一天中接收的太阳能（E）约为2.016×106J；这些太阳能有60%被热水器中的水吸收，则可使水温升高60℃．

（2）需要完全燃烧0.8kg煤气．

解：（1）Q吸=60%E=60%×3.36×107J=2.016×107J，

m=ρV=103kg/m3×80×10﹣3m2=80kg，

∵Q=cm△t

∴△t===60℃；

（2）m煤===0.8kg．

答：（1）一天中接收的太阳能（E）约为2.016×106J；这些太阳能有60%被热水器中的水吸收，则可使水温升高60℃．

（2）需要完全燃烧0.8kg煤气．

解：由杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在D点时，支点D到杠杆的最左端A点作为动力臂最长，最省力，由图知动力的方向应该垂直杠杆向上，如下图所示：

解：由题意知，灯泡L1与L2并联，用电流表测L1中的电流，电流表串联在L1支路中，并选择“﹣”和“0.6”接线柱，如图所示．

解：