D

试题分析：A．苯酚遇三氯化铁溶液变紫色，错误；B．淀粉溶液遇碘变蓝色，错误；C．植物油遇溴水，溴水褪色，错误；D．乙醇有还原性，能使红热的氧化铜变为红色的铜，正确；故选D。

B

试题分析：A．SO2使溴水褪色与乙烯使KMnO4溶液褪色的原理相同，都是氧化还原反应，正确；B．制备乙酸乙酯时可用热的碳酸钠溶液收集产物以除去其中的乙酸，NaOH能加速乙酸乙酯的水解，错误；C．用饱和食盐水替代水跟电石反应，可以减缓乙炔的产生速率，正确；D． AgNO3溶液和KC1、KI反应分别生成白色沉淀、黄色沉淀，正确；故选B。

A

试题分析：将转变为，酯基水解生成酚，-COONa不变，与足量的NaOH溶液水解后，需通入二氧化碳，防止-COONa生成-COOH，A．与足量的NaOH溶液共热后，再通入CO2正确；B．与氢氧化钠溶液热，通入足量的HCl，-COONa生成-COOH，错误；C．与稀H2SO4共热后，加入足量的Na2CO3 ，酚羟基会生成-ONa，错误；D．与稀H2SO4共热后，加入足量的NaOH，生成苯酚钠，错误；故选A。

D

试题分析：设烃的混合物的平均化学式为CxHy，则：

CxHy+（x+）O2xCO2+H2O（l），体积减小

1 1+

amL   2amL

则1：（1+）=a：2a，

解得：y=4，即混合气体分子中平均含有4个H原子，A．C2H4、C3H6、C4H8分子只有C2H4含有4个H原子，C3H6、C4H8分子的氢原子数都大于4，相同条件下无论以何种比例比混合平均H原子数目均大于4，故A错误；B．CH4、C3H6、C2H2混合，应保持C3H6：C2H2=1：1（物质的量之比），故B错误；C．CH4、C2H6、C3H8的平均H原子数一定大于4，故C错误；D．CH4、C2H4、C3H4分子均含有4个H原子，相同条件下以任意比混合平均H原子数目为4，故D正确；；

故选D。

C

试题分析：苯能萃取溴水中的溴，但密度小于水的密度，所以看到的现象是溶液分层，上层呈紫红色，下层呈无色；四氯化碳能萃取溴水中的溴，但密度大于水的密度，所以看到的现象是溶液分层，下层呈紫红色，上层呈无色；酒精和溴水能互溶，所以看到的现象是溶液不分层，溶液为橙黄色，故选C．

D

试题分析：由题目要求可知该有机物的同分异构体中应具有CH3﹣C6H4﹣OOCH（﹣C6H4﹣为苯环）的结构，应有邻、间、对三种同分异构体或C6H5﹣OOCCH3或C6H5﹣CH2OOCH或C6H5﹣COOCH3，共6种，故选D。

B

试题分析：A．的名称是：1，2，4-三甲苯，错误；B．   的名称是2-甲基-2-氯丙烷，正确；C．  的名称是：2–丁醇，错误；D．的名称是：3-甲基-1-丁炔,；故选B。

D

试题分析：氧元素的质量分数为65%，则碳、氢元素的质量分数为35%，HCOOCH3、HCOOH除氧元素外为C2H4、CH2、两者最简式相同，则碳元素的质量分数为（1-65%）×12/14=30%,故选D。

D

试题分析：A．标准状况下，苯为液体，不能使用气体摩尔体积，故A错误；B．28g乙烯所含共用电子对数目为×6×NAmol﹣1=6NA，故B错误；C．标准状况下，二氯甲烷为液体，不能使用气体摩尔体积，故C错误；D．混合物的最简式为CH2，使用含有的原子数为×3×NAmol﹣1=3NA，故D正确；故选D．

B

试题分析：A、混合后为0.05mol/LCH3COOH溶液和0.05mol/LCH3COONa溶液，酸的电离大于盐的水解，则c（CH3COO﹣）＞c（CH3COOH），A错误；B、因混合后为0.05mol/LCH3COOH溶液和0.05mol/LCH3COONa溶液，该溶液显酸性，c（H+）＞c（OH﹣），由电荷守恒关系可得c（H+）+c（Na+）=c（CH3COOH﹣）+c（OH﹣），则c（CH3COO﹣）＞c（Na+），B正确；C、由电荷守恒c（H+）+c（Na+）=c（CH3COOH﹣）+c（OH﹣），物料守恒关系c（CH3COOH）+c（CH3COO﹣）=2c（Na+），则2c（H+）=（CH3COO﹣）+2c（OH﹣）﹣c（CH3COOH），C错误；D、因混合后为0.05mol/LCH3COOH溶液和0.05mol/LCH3COONa溶液，由物料守恒可知c（CH3COOH）+c（CH3COO﹣）=c（Na+）×2=0.01mol/L，D错误；故选B。

B

试题分析：A．CaO与水反应后，增大与乙醇的沸点差异，然后蒸馏可除杂，故A正确；B．乙酸、乙酸乙酯均与NaOH反应，不能除杂，应选饱和碳酸钠溶液、分液，故B错误；C．沙子不溶于水，而食盐溶于水，则溶解后、过滤可除杂，故C正确；D．溴与NaOH溶液反应后，与溴苯分层，然后分液可分离，故D正确；故选B。

D

试题分析：A、NaHA溶液呈碱性，说明HA﹣的水解程度大于电离程度，所以c（A2﹣）＜c（H2A），故A错误；B、在小苏打即NaHCO3溶液中，钠元素和碳元素的物质的量之比为1：1，故B错误；C、常温下，稀释0.1mol/L的氨水，溶液碱性减弱，氢氧根浓度下降，则氢离子溶液上升，故C错误；D、由于AgI的Ksp远远小于AgCl的，根据沉淀的转化条件可知，向AgCl悬浊液中加入足量的NaI，AgCl会转化成AgI，所以可以观察到有黄色沉淀生成，故D正确；故选D。

C

试题分析：人体需要的营养物质有：糖类、油脂、蛋白质、水、无机盐、维生素，人体内的营养物质中含量最多且又不是属于有机物的是水，故选C。

C

试题分析：n（Ag）==0.02mol，醛基和银的关系﹣CHO～2Ag，则n（﹣CHO）=0.01mol，即饱和一元醛的物质的量为0.01mol，燃烧产生二氧化碳的物质的量n（CO2）==0.04mol，所以碳原子数目为4，分子式为：C4H8O，为丁醛，故选C。

（1）2CH3CH2OH+O2   2CH3CHO+2H2O

（2）CH3CHO +2Ag(NH3)2OHCH3COONH4+2Ag+3NH3+H2O

（3）CH3CH2OHH2C=CH2↑+H2O

（4）

试题分析：（1）乙醇催化氧化，生成乙醛和水，反应方程式：2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；

（2）乙醛与银氨溶液发生银镜反应，反应的化学方程式为：CH3CHO+2Ag（NH3）2OHCH3COONH4+2Ag+3NH3+H2O；（3）乙醇在浓硫酸做催化剂、脱水剂条件下加热到170度生成乙烯和水，方程式：CH3CH2OH    H2C=CH2↑+H2O；（4）乙酸乙酯含有酯基，可发生水解反应生成乙酸、乙醇，方程式为。

Ⅰ.（1）a<0（2）1.5（3）降温、加压、增加CO的浓度或及时将乙二醇从混合物中分离出来

Ⅱ.（1）H2C2O4H+＋HC2O4- ；HC2O4- H+＋C2O42-

（2）碱性  c(Na+)＞c(C2O42-)＞c(OH-)＞c(HC2O4-)＞c(H+)（3）8.75×104

试题分析：Ⅰ．（1）根据反应能自发的条件可知，熵增会使反应自发，放热也会使反应自发，该反应为熵减的反应，所以要使反应自发，则△H＜0，所以a＜0，故答案为：＜；

（2）利用三段式分析，

根据反应2CO（g）+3H2（g）⇌（g）

起始（mol/L）2   3   0

转化（mol/L）2x     3x x

平衡（mol/L）2﹣2x   3﹣3x   x

有=15：7，x=，所以平衡时CO、H2、的浓度依次是mol/L、1mol/L、mol/L，则该温度下的化学平衡常数K==1.5，故答案为：1.5；

（3）能使平衡体系中增大，即平衡向正反应方程移动，该反应为气体体积减小的放热反应，所以可采取的措施有降温、加压、增加CO的浓度或及时将乙二醇从混合物中分离出来，故答案为：降温、加压、增加CO的浓度或及时将乙二醇从混合物中分离出来；

Ⅱ．（1）酸是二元弱酸分步电离，电离方程式为：H2C2O4⇌H++HC2O4﹣，HC2O4﹣⇌H++C2O42﹣；

（2）Na2C2O4为强碱弱酸盐，草酸根水解，溶液呈碱性，一级水解程度大于二级水解程度，所以溶液中离子浓度大小关系为c（Na+）＞c（C2O42﹣）＞c（OH﹣）＞c（HC2O4﹣）＞c（H+），

故答案为：碱性；c（Na+）＞c（C2O42﹣）＞c（OH﹣）＞c（HC2O4﹣）＞c（H+）；

（3）根据反应NH3•H2O+HC2O4﹣═NH4++C2O42﹣+H2O可知，平衡常数K=═•===8.75×104，

故答案为：8.75×104

（1）蒸馏烧瓶（2）HCOOH  羧基（3）取少量甲酸溶液于试管中，滴加几滴紫色石蕊试液，溶液变红 (或其他合理答案)

试题分析：A物质的最大质荷比为46，即相对分子质量为46，红外光谱图发现存在C=O键、C﹣O键等化学键的振动吸收，说明有机物分子中至少有2个O原子、1个C原子，则去掉2个O原子、1个C原子后剩余总式量为46﹣16×2﹣12=2，则为2个H原子，A的分子式为CH2O2，核磁共振氢谱表明，A物质核磁共振氢谱有两种氢原子吸收峰，且峰面积之比为1：1，可推知A为HCOOH；（1）蒸馏时，除冷凝管、牛角管、锥形瓶、酒精灯、温度计外，还用到的玻璃仪器是：蒸馏烧瓶，故答案为：蒸馏烧瓶；（2）A物质的结构简式：HCOOH，官能团的名称：羧基，故答案为：HCOOH；羧基；（3）在确定A的结构后，该研究性学习小组猜想A可能具有酸性，验证A的酸性实验方案：取少量甲酸溶液于试管中，滴加紫色石蕊试液变红，故答案为：取少量甲酸溶液于试管中，滴加紫色石蕊试液变红。

（1）   碳碳双键

（2），消去反应．

（3）加成反应（4）5

试题分析：烃A的相对分子质量为70，由=5…10，则A为C5H10，核磁共振氢谱显示只有一种化学环境的氢，故A的结构简式为；A与氯气在光照下发生取代反应生成单氯代烃B，则B为，B发生消去反应生成C为，化合物C的分子式为C5H8，C发生氧化反应生成D为HOOC（CH2）3COOH，F是福尔马林的溶质，则F为HCHO，E、F为相对分子质量差14的同系物，可知E为CH3CHO，由信息④可知E与F发生加成反应生成G为HOCH2CH2CHO，G与氢气发生加成反应生成H为HOCH2CH2CH2OH，D与H发生缩聚反应生成PPG（），（1）由上述分析可知，A的结构简式为，C中官能团的名称为：碳碳双键；（2）由B生成C的化学方程式为：，为消去反应；

（3）由E和F生成G的反应类型为加成反应，故答案为：加成反应；

（4）D的同分异构体中能同时满足①能与饱和NaHCO3溶液反应产生气体，含﹣COOH，②既能发生银镜反应，又能发生水解反应﹣COOCH，D中共5个C，则含3个C﹣C﹣C上的2个H被﹣COOH、﹣OOCH取代，共为3+2=5种，含其中核磁共振氢谱显示为3组峰，且峰面积比为6：1：1的是；故答案为：5；。

（1）   （2）取代反应；  消去反应

（3）NaOH的乙醇溶液，加热（4）+2NaOH→+2NaBr+2H2O

试题分析：由反应①可知A为环己烷，反应②发生消去反应，反应③环己烯与溴发生加成反应生成B为，B在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成。（1）由上述分析可知，A的结构简式为，B的结构简式是；（2）反应①是环己烷与氯气发生取代反应生成，

反应②是发生消去反应生成，故答案为：取代反应；消去反应；（3）反应④是在氢氧化钠醇溶液、加热条件下发生消去反应生成，故答案为：氢氧化钠醇溶液、加热；（4）反应④的化学方程式为：+2NaOH→+2NaBr+2H2O。