B

电势是人为规定的，与电场强度的大小无关，例如等量同种电荷连线的中点处电场强度为零，但电势不为零，A错误；电场中某点的电场强度大小与试探电荷无关，所以放在静电场中某点的检验电荷的电荷量发生变化时，该点的电场强度大小不变，即根据可知该检验电荷所受电场力F与其电荷量q的比值保持不变，B正确；当电流元方向和磁场方向平行时，不受磁场力作用，C错误；根据左手定则可知磁场中某点磁感应强度的方向，与放在该点的一段检验电流元所受磁力方向垂直，D错误．

AB

试题分析：由灯泡铭牌可知灯泡额定电压是6V，额定功率是12W，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常发光时的电流；由串联电路特点可以求出电动机的电压，由电功率公式可以求出电机总功率与热功率，进一步求出电动机的输出功率；由电功率公式可以求出电路总功率．

电动机两端的电压，整个电路中的电流，所以电动机的输入功率，电动机的热功率，则电动机的输出功率，故AB正确C错误；整个电路消耗的功率，D错误．

D

实验过程中，第一步应先闭合，断开，调节变阻箱使得电流表G满偏，然后闭合，保持不变，调节使得电流表示数从满偏变到半偏，此时的读数等于电流表G的读数，故不能使用滑动变阻器，AC错误；当电流表满偏时，根据闭合回路欧姆定律可得①，半偏时有②，联立①②可得③，联立①③可得④，由③式可得，即测量值偏小，只有当时，即时，近似成立，由④式可得与的相对误差为，可知电动势越大，相对误差越小，故B错误D正确．

A

当开关S分别接1或2时，定值电阻与表头G并联，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大，第1档为大量程，A正确；3、4两档用来测电阻，其中黑表笔连接表内电池的正极，故B为黑表笔；A与电源的负极相连，故A为红表笔，B错误；要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时，即5、6两档用来测电压．因为6档共用一个表头，所以测电压时外部电源的正极应该接在A表笔上，故A为红表笔，测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大，故CD错误．

D

根据安培定则可知，直线电流产生的磁场是以直导线为圆心的同心圆，故方向与导线环平行，则环形导线不受安培力，D正确．

ABD

试题分析：如果小球带负电，则小球在金属板间受到向下的重力，向上的电场力，向下的洛伦兹力，则小球可能受力平衡，沿水平方向做匀速直线运动；若小球带正电，则小球受向下的重力、向下的电场力，向上的洛仑兹力，也可能平衡，故小球带正负电均可以，A正确；若小球带负电，当小球从稍低的b点由静止释放时，小球进入金属板间的速度将减小，则F洛减小，，小球将向上运动，电场力做正功，合外力做正功．所以小球在电磁场中运动的过程中动能增大，电势能减小；由于只有电势能和机械能之间的转化，故机械能与电势能的总量不变；若小球带正电，由于小球的洛仑兹力减小，则小球向下运动，重力及电场力均做正功，故动能增大；电势能减小；但机械能与电势能的总量不变；故B、D正确，C错误。

C

试题分析：三个质量和电荷量都相同的带电粒子，以不同的速率垂直进入匀强磁场中，则运动半径的不同，导致运动轨迹也不同．运动轨迹对应的半径越大，粒子的速率也越大．根据左手定则判定离子带电的正负．

根据左手定则可知正电荷向左偏，负电荷向右偏，故粒子a带正电，粒子b、c带负电，A错误；因为粒子在磁场中的速度不变，根据，所以半径不变，所以粒子b的轨迹是圆弧，不是抛物线，B错误；根据可知粒子速度越大，半径越大，从图中可知粒子b的半径最大，所以粒子b的速度最大，因为质量相同，所以粒子b的动能和动量最大，C正确D错误；

D

试题分析：若增大电子枪的加速电压，电子束运动的速度增加，根据可知，电子束的轨道半径变大，AB错误；增大励磁线圈中的电流，也就是增加了磁场的磁感强度B，这时轨道半径R将减小，C错误，D正确

C

试题分析：本题首先要理解电源效率的含义：电源的效率等于电源的输出功率占总功率的百分比．根据欧姆定律得到，电源的效率也等于外电阻与电路总电阻之比．由电源的U-I图象斜率大小等于电源的内阻，比较读出电源内电阻的大小，确定电源的效率关系．当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U-I图线与电源的U-I图线的交点表示工作状态，交点坐标的乘积等于电源的输出功率．

由闭合电路欧姆定律可知，图象与U轴的交点表示电动势，则A的电动势较大，图象的斜率表示内阻，则B电源的内阻r较小，A电源的内阻r较大，故AB正确；电源的热功率，由图看出，R接到b电源上，电路中电流较小，b电源的内阻r较小，所以电源的热功率较低，C错误；当电阻R与电源组成闭合电路时，电阻R的U-I图线与电源的U-I图线的交点表示电阻的工作状态，交点的纵坐标表示电压，横坐标表示电流，两者乘积表示电源的输出功率，由图看出，R接到a电源上，电压与电流的乘积较大，电源的输出功率较大．由上知，电源的效率较低，故D正确．

C

试题分析：金属块B点时速度最大，说明A到B过程，金属块做加速运动，B到C过程做减速运动，在B点金属块所受的滑动摩擦力与库仑力平衡．电场力做正功，电势能减小．根据库仑定律知，距离增大，库仑力减小，由牛顿第二定律分析加速度的变化情况．根据动能定理求解A、B两点的电势差

滑块从A到B过程，由动能定理得，得A、B两点间的电势差，A错误；小金属块由A点向C点运动的过程中，电场力一直做正功，电势能一直减小，B错误；由题意知，A到B过程，金属块做加速运动，B到C过程做减速运动，在B点金属块所受的滑动摩擦力与库仑力平衡，则有，得，C正确；从B到C的过程中，小金属块减小的动能和电势能全部转化为内能，故D错误．

BC

试题分析：将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况．由U=Ed分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化．

由于两极板与电源相连，所以两极板间的电势差不变，上极板向上移动一小段距离后，两极板间的距离变大，根据公式可得两极板间的电场强度减小，油滴受到的电场力变小，重力大于电场力，油滴向下运动，A错误；P点到下极板的距离不变，下极板的电势为零，所以P到下极板的电势差等于P点的电势，故根据可得P点电势减小，B正确；根据可得电容减小，根据公式可得电荷量减小，C正确；由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加，故D错误．

A

试题分析：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力完全充当向心力，故有，因为a运动的半径大于b运动的半径，动量大小相等，则有，所以，A正确；由于速度大小关系未知，所以不能判断质量大小关系，又因为，所以也不能判断周期大小关系，故BC错误；质量关系未知，所以不能判断的大小关系，故D错误。

BC

试题分析：电源是一种把其它形式的能转化为电能的装置，电动势E的大小等于非静电力做的功与电量的比值，其大小表示电源把其它形式的能转化为电能本领大小，而与转化能量多少无关．

电源中每通过1C电量，非静电力做功为1.5J，电源把1.2J的化学能转变为电能，不是1s内将1.2J的化学能转变成电能，A错误C正确；电路中电流为1A时，电池每经过1s电路中就通过1C电量，电源把1.2J的化学能转变为电能，B正确；锌汞电池的电动势为1.2V，锌汞电池将化学能转变成电能的本领比一节干电池（电动势为1.5V）的小，故D错误；

      刻线  ADC  偏小  没有  120  40 

（1）①电表使用前要旋转机械调零旋钮S进行机械调零，使指针对准电流的0刻线；③T为欧姆调零旋钮，则欧姆调零此旋钮，指针指向0刻度线；④指针偏转角度过小，则阻值偏大，则要换大量程，换档后要进行欧姆调零，过程为ADC；⑤由于人体是导体，在使用多用电表测量电阻时，若双手捏住红、黑表笔金属部分，测量的是导体与人的并联电阻，电阻越并越小，因此，测量结果将偏小．

（2）①使用电压档进行测量，目的是看内部是否有电源，由于指针没有示数，因此内部无电源，故黑箱内不存在电源．使用欧姆表读数时注意其零刻度在右侧，因此读数时要从右侧读，读出结果然后乘以档位即为所测电阻阻值．所以图甲示数为R=12×10=120Ω，图（2）读数为R=4×10=40Ω．

②中黑表笔接c电阻大，说明了a、c、b之间串联了二极管、电阻两个元件，由图（6）可知，ab之间电阻无穷大，因此ab之间应该是断路．故黑箱内元件的连接如图所示：

  B  F  A    左端  5  A、C

试题分析：由灯泡的额定电流即可选择电流表；根据实验要求明确电路接法，则可选择滑动变阻器；根据实验要求明确接法的选择，则可得出原理图；图中坐标表示灯泡的电流值及电压值；由欧姆定律可求得电阻．根据功率公式可得出正确的图象．

（1）小灯泡的额定电流为，故选电流表B；滑动变阻器选择较小的，便于操作，故选滑动变阻器F；

（2）电流表内阻和小灯泡的内阻相接近，故采用电流表外接法，要求小灯泡两端的电压从零开始，所以采用滑动变阻器的分压接法，故选A图

（3）实物图如图所示

（4）为了保护小灯泡不被烧坏，应使得小灯泡两端的电压为零，所以滑动变阻器的滑片应置于最左端

（5）从图中可知当小灯泡两端的电压为0.5V时，小灯泡中的电流为0.10A，所以根据欧姆定律可得此时小灯泡的电阻为

（6）由可知，P与U为二次函数关系，图象开口向上，A正确；P与U2，在R不变时为正比例关系，由于R随电压的增大而减小，故C图正确；

（）（）（）

（）电子在板间电中加速时，由动能定理得．

解得．

（）电子进入磁场区域做匀速圆周运动，由牛顿第二定律．

解得．

所以．

（）若在、两板间加上电压时，电子在板间加速后穿过板进入磁场区域做圆周运动，并从边界上的点穿出．

由动能定理可得．

由牛顿第二定律可得．

且由几何关系可知．

所以．